2021-2022学年安徽省合肥市庐阳区九年级（上）期末物理试卷参考答案与试题解析一、填空题（每空2分，共20分）1．【分析】晶体有一定的熔点，在熔化过程中吸热但温度保持不变。【解答】解：由图象可知，该固体在熔化的过程中，吸收热量，但温度保持不变，所以该物质是晶体。故答案为：晶体；不变。【点评】本题考查晶体的熔化图像和晶体熔化的特点，属于基础题。2．【分析】（1）当物体对外做功时，物体的内能转化为机械能，物体的内能减小；（2）汽油机的四个冲程中，做功冲程将内能转化为机械能，压缩冲程将机械能转化为内能；（3）物质由气态变为液态的过程叫液化，液化放热。【解答】解：当瓶内水蒸气把瓶塞冲出时，瓶内水蒸气对瓶塞做功，使得其内能减小，温度降低，即该过程是将内能转化为机械能的过程，此过程与汽油机的做功冲程类似，在做功冲程中也是燃气的内能转化为活塞的机械能；试管内气体对活塞做功时，内能减小，温度降低，水蒸气放出热量发生液化现象，出现白雾。故答案为：做功；液化。【点评】本题能量转化以及物态变化，难度不大。3．【分析】凝华：气态直接变为固态的过程，该过程会放热。比热容：单位质量某物质，温度变化1℃，吸收或放出的热量。相同质量的不同物质，初温相同，比热容大的物质吸收相同的热量温度变化较慢。【解答】解：霜是由于水蒸气遇冷凝华为固体的形成的。质量相同的不同物质，初温相同，吸收相同的热量，比热容小的物质升温较快，比热容大的物质升温较慢，蓖麻油比煤油温度变化大，故煤油的比热容更大。故答案为：凝华；煤油。【点评】本题考查自然现象中的凝华现象和比热容的概念，难度较小。4．【分析】（1）容易导电的物体叫导体，不容易导电的物体叫绝缘体；常见的导体包括：人体、大地、各种金属、酸碱盐的溶液等。常见的绝缘体有陶瓷、塑料、玻璃、橡胶、油第1页（共14页）等；导体和绝缘体没有绝对的界限。（2）规定正电荷定向移动的方向为电流的方向，电子的定向移动方向与电流方向相反。【解答】解：当云层电荷较多时，避雷针与云层之间的空气被击穿，使带电云层通过空气与避雷针、导线和大地相连形成通路，此时空气是导体。若云层带正电，放电时，自由电子由大地到云层，所以则电流的方向是从云层到大地。故答案为：导；从云层到大地。【点评】知道生活中的导体和绝缘体，理解电流方向的规定，可解答此题。5．【分析】电压表在电路中相当于断路，应并联在电路中；电流表在电路中相当于导线，应串联在电路中，据此可运用假设法进行判断。【解答】解：如果甲是电压表、乙是电流表，则乙和L2被短路，只有灯L1可以工作，也只有甲表有示数，故这种假设不成立；如果甲是电流表、乙是电压表，则两灯泡并联，电流表测灯L2的电流，电压表测并联电路的电压，两表都有示数，这样符合题意，因此，电压表是乙表。故答案为：乙。【点评】运用好假设法来对电路进行分析，并知道电压表和电流表在电路中的连接方法是解答的关键。6．【分析】灯泡的接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点；零线直接接入灯泡的螺旋套。三孔插座的接法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线。【解答】解：灯泡的接法：开关要接在火线和所控制的灯之间，这样在断开开关时能切断火线，接触灯泡不会发生触电事故。三孔插座的接法：上孔接地线、左孔接零线、右孔接火线，如图所示：【点评】掌握家庭电路的灯泡、开关、三孔插座、两孔插座、保险丝的接法，同时考虑实用性和安全性。第2页（共14页）7．【分析】从图像中读出任意一组电压和对应的电流值，根据欧姆定律求出R1与R2的阻值。两电阻并联时两端的电压相等，根据欧姆定律求出通过它们的电流之比。【解答】解：由图像可知，当U1＝U2＝2V时，对应的电流分别为I1＝0.4A，I2＝0.1A，由I＝可得，两电阻的阻值分别为：R1＝＝＝5，R2＝＝＝20；ΩΩ则两电阻的阻值之比：R1：R2＝5：20＝1：4。当把R1、RΩ2并联Ω在某一电路中时，因为并联电路中各支路两端的电压相等，所以U1：U2＝1：1；此时通过它们的电流之比：I1′：I2′＝：＝R2：R1＝4：1。故答案为：1：1；4：1。【点评】本题考查了并联电路的电压特点、欧姆定律的应用，关键是由图像得出相关的信息。8．【分析】当开关S1闭合，S2、S3断开时，R1与R2串联，电流表测电路中的电流，根据欧姆定律求出电源的电压；根据P＝分析电路的最大功率。【解答】解：当开关S1闭合，S2、S3断开时，R1与R2串联，电流表测电路中的电流，串联电路各处电流都相等，串联电路总电阻等于各分电阻之和，由I＝可得，电源电压为：U＝I（R1+R2）＝0.1A×（10+20）＝3V；ΩΩ根据P＝可知，电源电压不变，当电路中的总电阻最小时，总功率是最大的；由图可知，当开关S1、S2、S3都闭合时，R1和R3并联，并联电路总电阻的倒数等于各分电阻的倒数之和，并联电路的总电阻小于任一分电阻，根据并联电路的电阻关系可知，此时的总电阻是最小的，电功率是最大的，则最大功率为：P＝+＝+＝0.75W。故答案为：3；0.75。第3页（共14页）【点评】本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，分清开关闭合、断开时电路的连接方式是解题的基础与关键。9．【分析】利用P＝的变形公式求出暖风机正常工作1h消耗的电能；3000imp/（kW•h）表示电路中的用电器每消耗1kW•h电能，电能表的脉冲指示灯闪烁3000次，据此可求出暖风机正常工作1h，脉冲指示灯闪烁的次数。【解答】解：由图甲可知，暖风机的额定功率为P＝2200W＝2.2kW，由P＝可知，暖风机正常工作1h消耗的电能：W＝Pt＝2.2kW×1h＝2.2kW•h；由图乙可知，电能表的字样“3000imp/（kW•h）”，表示电路中的用电器每消耗1kW•h电能，电能表的脉冲指示灯闪烁3000次，则暖风机正常工作1h，脉冲指示灯闪烁的次数：n＝2.2kW•h×3000imp（/kW•h）＝6600imp。故答案为：6600。【点评】本题考查对电能表参数的理解、电功率公式的灵活运用，知道3000imp/（kW•h）表示电路中的用电器每消耗1kW•h电能，电能表的脉冲指示灯闪烁3000次是解题的关键。10．【分析】（1）已知灯泡的额定电压和额定功率，利用求出灯泡的电阻，两个灯泡规格相同，电阻相同；闭合开关S1、S2，满足夜间正常照明需要，分析此时电路的连接，利用欧姆定律表示出正常照明L1中的电流I1；闭合开关S1、断开S2，满足夜间多区域照明需要，分析此时的电路连接，利用欧姆定律表示出多区域照明L1中的电流I2，进而可求出正常照明与多区域照明L1中的电流之比；（2）当闭合开关S1、S2时，利用W＝Pt求出正常照明10h消耗的电能；闭合开关S1、断开S2时，利用求出区域照明10h消耗的总电能，据此可求出正常照明10h消耗的电能比多区域照明10h消耗的总电能多的能量。【解答】解：（1）由题知灯泡L1和L2的规格均为“220V40W”，则两灯的电阻为：，闭合开关S1、S2，满足夜间正常照明需要，此时电路为L1的简单电路，此时通过L1的电流为：；闭合开关S1、断开S2，满足夜间多区域照明需要，此时电路为L1和L2的串联电路，此第4页（共14页）时通过L1的电流为：，则正常照明与多区域照明L1中的电流之比为：；（2）当闭合开关S1、S2时，正常照明10h消耗的电能为：W＝Pt＝40W×10×3600s＝1.44×106J，闭合开关S1、断开S2时，区域照明10h消耗的总电能为：＝J，W﹣W′＝1.44×106J﹣0.72×106J＝0.72×106J＝0.2kW•h，则正常照明10h消耗的电能比多区域照明10h消耗的总电能多0.2kW•h。故答案为：2：1；0.2。【点评】本题主要考查了欧姆定律、电能和电功率的计算，解题的关键是要灵活运用电能和电功率的计算公式，注意公式的变形。二、选择题（每小题2分，共14分；每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题意）。11．【分析】物质从固态变为液态叫熔化；从液态变为固态叫凝固；物质从液态变为气态叫汽化；物质从气态变为液态叫液化；物质从固态直接变为气态叫升华；从气态直接变为固态叫凝华。【解答】用橡皮塞堵住注射孔，向外拉动活塞，液态乙醚消失，乙醚由液态变为气态是汽化现象；A.清晨，人在户外呼出“白气”，人呼出的水蒸气遇冷从气态变为液态是液化现象，故此选项不符合题意；B.雪水在屋檐下形成冰锥，水从液态变为固态是凝固现象，故此选项不符合题意；C.洗手后，用热风干手器将手烘干，水从液态变为气态是汽化现象，故此选项符合题意；D.寒冬，雪人没有熔化却变小了，雪从固态直接变为气态是升华现象，故此选项不符合题意。故选：C。【点评】本题考查辨别生活中的物态变化，是基础题。12．【分析】（1）热传递的条件是两个物体之间存在温度差，热量从高温物体传给低温物体第5页（共14页）或者从物体的高温部分传向低温部分。（2）内能的大小跟质量、温度、状态有关；晶体熔化过程吸收热量，温度不变，内能增大；（3）物体由液态变为气态的过程叫汽化，汽化吸收热量；（4）改变物体内能的方式有做功和热传递，做功属于能量的转化，热传递属于能量的转移。【解答】解：A、发生热传递时，传递的是热量而不是温度，故A错误；B、一块0℃的冰熔化成0℃的水后，吸收热量，温度不变，内能增加，故B错误；C、夏天在室内洒水，水汽化（蒸发）吸收热量，起到降温的作用，不是利用了水的比热容较大的性质，故C错误；D、内燃机的压缩冲程，活塞压缩气缸内物质做功，机械能转化为内能，是通过做功改变物体的内能，故D正确。故选：D。【点评】本题综合考查了热传递的条件、晶体熔化的特点、物体内能的改变方法、汽化吸热等有关知识，是一道综合题。13．【分析】由题意可知，照明灯和电动机可以独立工作、互不影响即为并联，且各支路均有一个开关，据此进行解答。【解答】解：A．当两开关同时闭合时电灯和电动机同时工作，只闭合S1时电灯单独工作，只闭合S2时电动机单独工作，故A符合题意；B．当两开关同时闭合，电动机被短路，电灯单独工作；只闭合S1，电灯和电动机同时工作，但不能让电动机单独工作，故B不符合题意；C．当两开关同时闭合，电灯和电动机同时工作；只闭合S1，灯泡单独工作，但不能让电动机单独工作，故C不符合题意；D．闭合S，电灯和电动机同时工作，但不能让电灯或电动机单独工作，故D不符合题意。故选：A。【点评】本题考查了串并联电路的设计，根据题意得出照明灯和电动机的连接方式以及开关的位置是关键。14．【分析】（1）影响电阻的因素是材料、长度、横截面积和温度，根据表中数据判断三个导体的电阻大小；第6页（共14页）（2）根据串联电路的电流特点和W＝UIt＝I2Rt判断电流通过三个导体做功的大小。【解答】解：甲、乙、丙三个导体材料相同、均为圆柱体，由表中数据知，甲和乙横截面积相等，乙比甲长度大，所以R乙＞R甲，甲和丙长度相等，甲的横截面积小于丙，所以R甲＞R丙，所以三个导体的大小关系为：R乙＞R甲＞R丙；甲、乙、丙三个导体串联在电路中，所以通过它们的电流相等，通电都为1min，2根据W＝UIt＝IRt可知，W乙＞W甲＞W丙。故选：A。【点评】本题考查电阻影响因素的理解以及电功公式的灵活应用，判断出三个导体的电阻关系是关键。15．【分析】由实物电路图可知，闭合开关S，定值电阻R与滑动变阻器并联，电流表测干路电流，电压表测电源两端的电压。根据电源的电压可知滑片移动时电压表示数的变化，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知滑片移动时通过定值电阻R的电流变化，根据滑片的移动可知变阻器接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知通过滑动变阻器的电流变化，利用并联电路的电流特点可知干路电流的变化。【解答】解：由实物电路图可知，闭合开关S，定值电阻R与滑动变阻器并联，电流表测干路电流，电压表测电源两端的电压。因电源电压保持不变，所以，滑片移动时电压表的示数不变，故AB错误；因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，滑片移动时通过定值电阻R的电流不变，将滑动变阻器的滑片P缓慢向右移动的过程中，变阻器