曲靖一中2024届高三考前适应性考试四--物理参考答案14.【答案】B【详解】设篮球落地前速度为v1，碰后速度为v2，由运动学公式可得22v12gh1，v22gh2取向上为正方向，由动量定理有（Ftmgtmv2mv1)联立解得F81N故选B。15.【答案】B【详解】由安培定则可知导线MN在线框处所产生的磁场方向垂直于纸面向外，再由左手定则判断出bc边和ad边所受安培力大小相等，方向相反。ab边受到向右的安培力Fab，cd边受到向左的安培力Fcd。因ab所处的磁场强，cd所处的磁场弱，故Fab＞Fcd，线框所受合力方向向右。故选B。16.【答案】D【详解】A．因为一列横波沿该直线向右传播，t=0时到达质点1，质点1开始向下运动，则该时刻的波前在第13个质点处，向右传播了1.5个波长，质点1振动了1.5个周期，所以，解得，该波的周期为0.4s，A错误；B．该波的波速为B不正确；C．因为t=0时到达质点1，质点1开始向下运动，所以第9个质点开始振动的方向向下，C错误；D．质点1在0.6s内运动的路程为D正确。故选D。17.【答案】D【详解】A．地球卫星的加速度GMa1r2宇航员在电梯中的加速度1{#{QQABaQyAogCgABIAABhCAQW4CkOQkAEACIoORAAEIAAAABFABAA=}#}2a2ωr因此图线A为地球卫星的加速度与距离地心距离r的关系图像，图线B为宇航员在电梯中的加速度与距离地心距离r的关系图像，故A错误；B．若电梯舱对航天员的弹力表现为支持力时，有MmGFmω2rr2N解得MmFGmω2rNr2角速度不变，随着r增大，航天员受到电梯舱的弹力减小；若电梯舱对航天员的弹力表现为拉力时，有MmGFmω2rr2N解得MmFmω2rGNr2角速度不变，随着r增大，航天员受到电梯舱的弹力增大；故B错误；C．电梯舱在rr0处的站点时，航天员的加速度等于地球同步卫星的加速度，电梯舱对航天员的弹力等于零，航天员只受到万有引力，所以航天员处于完全失重状态，故C错误；D．太空电梯向上加速运动时，宇航员距离地面的高度增加，所以宇航员随地球转动的线速度在增大，因此宇航员在圆周运动的切线方向有加速度，所以宇航员的合加速度方向不沿半径方向指向地心，即宇航员受到的合力方向不指向地心，故D正确。故选D。18.【答案】C【详解】A．由动能的定义式，根据图像可知运动员t=0时2s末联立解得，故A错误；B．s时，运动员落在斜坡上，斜坡的倾角满足解得2{#{QQABaQyAogCgABIAABhCAQW4CkOQkAEACIoORAAEIAAAABFABAA=}#}此为斜面倾角，速度方向并非与水平方向成45°，故B错误；C．s时。运动员运动到b处时重力的瞬时功率为故C正确；D．运动员离坡面距离最远时，速度方向与坡面平行，运动员运动可分解为沿斜面和垂直斜面方向，垂直斜面方向运动具有对称性，沿斜面一直做匀加速直线运动，因此D项错误。故选C。19.【答案】BD【详解】A．x1和处的电场强度大小相等，方向相反，选项A错误；B．从x2处到处，场强为正值，则场强方向沿x轴正向，则电势逐渐降低，选项B正确；C．一电子从x2处沿直线运动到处，电场力一直做负功，则速度一直减小，选项C错误；D．从x1处到x2处，电势升高；从x2处到处，电势降低，则一电子从x1处沿直线运动到处，电势能先减小后增大，选项D正确。故选BD。20.【答案】ABD【详解】A．根据题意，由电路图可知，电阻两端电压为由欧姆定律可得，流过电阻的电流为由于与电动机串联，则通过电动机的电流为4A，故A正确；B．根据题意，由公式可得，输入电动机的电功率为故B正确；CD．根据题意，由公式可得，电动机的发热功率为则电动机的输出功率为又有解得重物的质量为故C错误，D正确。故选ABD。3{#{QQABaQyAogCgABIAABhCAQW4CkOQkAEACIoORAAEIAAAABFABAA=}#}21.【答案】BC【详解】根据滑轮组可知，B下落的高度为A上升高度的两倍，设B运动距离为时，A运动距离为，则对B，初始重力势能为当B运动距离为时B的末重力势能为0。对A，初始重力势能为0，当A运动距离为时由滑轮组可知，A上升的高度为B下降高度的一半，故故A的末重力势能为根据滑轮组可知，在运动过程中对AB组成的系统，当B运动距离为时，根据动能定理可得对B可得B的末动能为对A，当A运动距离为时A的末动能为故选BC。22.【答案】E刻度盘的第N格刻度盘的中央40（每空2分）【详解】（1）[1]因为滑动变阻器采用分压接法，为了调节方便，滑动变阻器阻值应该选择阻4{#{QQABaQyAogCgABIAABhCAQW4CkOQkAEACIoORAAEIAAAABFABAA=}#}值较小的，即选择E。（2）①[2]用代替法测待测电压表V1的内阻；根据电路图连成实验电路，并将滑动变阻器的滑动触头置于左端；将单刀双掷开关S2置于触点2，调节滑动变阻器，使电压表V2的指针指在刻度盘第N格，然后将单刀双掷开关S2置于触点1，调节电阻箱使电压表V2的指针指在刻度盘的第N格，记下此时电阻箱的阻值。②[3]用半偏法测待测电压表V2的内阻：将单刀双掷开关S2置于触点1，电阻箱的阻值调为零，闭合开关S1，调节滑动变阻器使电压表V2的指针满偏．保持滑动变阻器的滑动触头位置不变，调节电阻箱，使电压表V2的指针指在刻度盘的中央，记下电阻箱的阻值。（3）[4]根据步骤①可知，电压表V1内阻为20kΩ；根据步骤②可知，电压表V2内阻为30kΩ；其中方法①是用等效替代法，无系统误差；故用V1改装成量程为6V的电压表，应该串联一个电阻，设阻值为，则有解得（4）[5][6]根据可知图像与横轴围成的面积表示电容器两端电压为时的电量，图中围成面积占有的格数大约为30格，则有根据电容的定义式可得23.【答案】①．C（2分）②．B（2分）③．（2分）【解析】①．用向心力演示器探究向心力大小的表达式，需采用控制变量法探究向心力与质量、半径、角速度之间的关系。故选C。②．探究向心力的大小与圆周运动半径的关系时，需保证质量和角速度不变，圆周半径不同，则应选择两个质量相同的小球，放在半径不同的挡板B处。故选B。③．将质量相等的小球分别放在挡板B和挡板C处，则圆周运动半径之比为，左、右标尺上露出的红白相间的等分格数之比为，则向心力之比为，由公式可得，左5{#{QQABaQyAogCgABIAABhCAQW4CkOQkAEACIoORAAEIAAAABFABAA=}#}右小球转动的角速度之比为由公式可得，由于左、右两边塔轮边缘线速度大小相等，则左、右两边塔轮的半径之比为。24.【答案】（1）400m，70s；（2）34.8s【详解】（1）由题意得出条件：、、、，。走人工收费通道，汽车在减速、静止、加速三个阶段通过的位移………………（1分）代入数据得………………（1分）所用时间………………（1分）代入数据得………………（1分）（2）走ETC通道，汽车在减速阶段通过的位移………………（1分）所用时间………………（1分）汽车在加速阶段通过的位移………………（1分）所用时间………………（1分）匀速时间………………（1分）汽车在减速、匀速、加速三个阶段通过的位移………………（1分）过ETC通道，汽车通过第（1）问路程所需要的时间是………………（2分）6{#{QQABaQyAogCgABIAABhCAQW4CkOQkAEACIoORAAEIAAAABFABAA=}#}25.答案：①解析：设A、C之间的滑动摩擦力大小为f1，A与水平地面之间的滑动摩擦力大小为f2一开始A和C保持相对静止，在F的作用下向右加速运动，有……………………（2分）43vm/s……………………（1分）15②A、B两木板的碰瞬间，内力的冲量远大于外力的冲量，由动量守恒定律得……………………（1分）23vm/s……………………（1分）25碰撞结束后到三个物体达到共同速度的相互作用过程中，设木板向前移动的位移为s1选三个物体构成的整体为研究对象，外力之和为零，则……………………（2分）33vm/s……………………（1分）35设A、B系统与水平地面之间的滑动摩擦力大小为f3，对A、B系统，由动能定理：……………………（2分）得：s11.5m……………………（1分）③对C物体，由动能定理：11(Ff)(2ls)2mv22mv2……………………（2分）112321由以上各式，再代入数据可得：l0.3m……………………（1分）26答案：解析：（1）从O到A，据动能定理可得：7{#{QQABaQyAogCgABIAABhCAQW4CkOQkAEACIoORAAEIAAAABFABAA=}#}11mghqUmv2mv2……………………（2分）oAoA2A20解得：UoA2000V……………………（1分）从O到B过程中，由动能定理可得：11mghqUmv2mv2……………………（2分）oBoB2B20解得：.UoB6000V……………………（1分）1（2）连接AB，与y轴交于C点，ACAB由几何关系可得OC4为等势面，因此电场方向沿x轴负方向（1分）设电场强度为E:UEOB……………………（2分）xB解得E1104V/m……………………（1分）（3）小球在杆上运动过程中受力如图如示，据题意可知小球在杆上运动时合外力为零，小球做匀速运动，因此：vv022m/s……………………（2分）（4）离开O点后，小球做类平抛运动ODcos450v0t……………………（1分）1ODcos450at2……………………（1分）2a2g……………………（1分）解得OD1.6m……………………（1分）从O到D，据动能定理可得：1mghEmv2……………………（1分）oDKD20解得：EKD2.0J……………………（1分）8{#{QQABaQyAogCgABIAABhCAQW4CkOQkAEACIoORAAEIAAAABFABAA=}#}曲靖一中2024届高三考前适应性考试四--化学参考答案7.【答案】C【分析】在反应过程中有元素化合价变化的化学反应叫做氧化还原反应。原电池反应可以理解成由两个半反应构成，即氧化反应和还原反应。【详解】A．雷雨肥庄稼——自然固氮，氮气氧化成NO，再氧化成NO2，最后变成HNO3等，有元素化合价变化，故A不选；B．从沙滩到用户——由二氧化硅制晶体硅，硅由+4价变成0价，有元素化合价变化，故B不选；C．灰肥相混损肥分——灰中含有碳酸钾，水解后呈碱性，肥中含有铵盐，水解后呈酸性，两者相遇能发生复分解反应，导致氮肥的肥效降低，没有元素化合价变化，故C选。D．干千年，湿万年，不干不湿就半年——说明青铜器、铁器在不干不湿的环境中保存时，容易发生电化学腐蚀，铜和铁容易被氧化，有元素化合价变化，故D不选；故选C。8.【答案】A【详解】A．X中含有醛基，醛基可以被溴氧化而使其褪色，故不能说明X中含有碳碳双键，A错误；B．分析X的结构简式可知，结构中存在碳碳双键都连接了不同的原子或者原子团，故存在顺反异构体，B正确；C．对比X和Y的结构可知，可能产生副产物生成，C正确；D．Y与足量H2加成后的产物分子中只有如图一个手性碳原子，D正确；故选A。9.【答案】DHSHS【详解】A．氨分子的孤电子对数为1，2的孤电子对数为2，2中孤电子对对成键电子对NHNH的排斥力比3的大，所以3的键角比硫化氢的大，A正确；B．同周期元素自左至右第一电离能呈增大趋势，但由于N原子的2p能级为半充满状态，第一电离能大于相邻的O原子，所以第二周期主族元素中第一电离能大于N的有F，B正确；9{#{QQABaQyAogCgABIAABhCAQW4CkOQkAEACIoORAAEIAAAABFABAA=}#}C．该化合物容易与水分子之间形成分子间氢键，提高其在水中的溶解度，C正确；D．该环状络合物中的N原子、饱和C原子和S原子及羧基中OH中的O原子的价层电子对数