B．电磁波可以发生衍射现象2009年天津市高考物理试卷解析版C．电磁波不会发生偏振现象参考答案与试题解析D．电磁波无法携带信息传播一、单项选择题（每小题6分，共30分．每小题给出的四个选项中，只有一个选项是正确的）【考点】G4：电磁波的发射、传播和接收；G6：电磁波的应用．菁优网版权所有1．（6分）物块静止在固定的斜面上，分别按图示的方向对物块施加大小相等的力F，施力后物块仍然静止，则【专题】54H：光的衍射、偏振和电磁本性专题．物块所受的静摩擦力增大的是（ ）【分析】电磁波既可以在真空中传播，也可以在介质中传播；所有的波都能发生衍射现象，横波能够发生偏振现象，电磁波是横波，所有波都能传递信息．A．F垂直于斜面向上B．F垂直于斜面向下【解答】解：A、电磁波既可以在真空中传播，也可以在介质中传播，故A错误。B、衍射是波特有的现象，所有的波都能发生衍射现象，故B正确。C、横波能够发生偏振现象，电磁波是横波，故电磁能能发生偏振现象，故C错误。C．F竖直向上D．F竖直向下D、所有波都能传递信息，故电磁波能够携带信息，故D错误。【考点】25：静摩擦力和最大静摩擦力；3C：共点力的平衡．菁优网版权所有故选：B。【专题】11：计算题．【点评】通过多读教材，加强对基础知识的积累是解决此类题目的唯一途径．【分析】物体施加力F前后都处于平衡状态，受的合外力为零，分析物体受到的力，然后沿斜面和垂直斜面3．（6分）为探究小灯泡L的伏安特性，连好图示的电路后闭合开关，通过移动变阻器的滑片，使小灯泡中的正交分解力，在沿斜面方向上求静摩擦力，比较前后的大小变化来作出判断．电流由零开始逐渐增大，直到小灯泡正常发光．由电流表和电压表得到的多组读数描绘出的U﹣I图象应是【解答】解：分析四个图中的物体施加F后的受力如图：（ ）物体处于平衡状态，合外力为零，正交分解物体受到的力，可知沿斜面方向的合力为零。即A图中FfA＝Gsinθ；B图中FfB＝Gsinθ；C图中FfC＝（G﹣F）sinθ；D图中FfD＝（G+F）sinθ，而原来都为：Gsinθ，比较得知A．B．静摩擦力增大的为D，所以A、B、C、选项错误，D选项正确。故选：D。【点评】知道物体的共点力平衡条件：合外力为零，会正交分解物体的受力，然后得知两互相垂直的方向上的合力为零．C．D．2．（6分）下列关于电磁波的说法正确的是（ ）【考点】B8：电阻率与温度的关系；BE：伏安法测电阻；N5：描绘小电珠的伏安特性曲线．菁优网版权所有A．电磁波必须依赖介质传播【专题】535：恒定电流专题．【分析】解答本题的关键是理解电阻的U﹣I图象的物理意义以及温度对电阻的影响．【点评】本题运用功能关系分析实际问题．对于动能定理理解要到位：合力对物体做功等于物体动能的增【解答】解：灯丝电阻随电压的增大而增大，在图象上某点到原点连线的斜率应越来越大，故ABD错误，量，哪些力对物体做功，分析时不能遗漏．C正确。5．（6分）如图所示，带等量异号电荷的两平行金属板在真空中水平放置，M、N为板间同一电场线上的两点，故选：C。一带电粒子（不计重力）以速度vM经过M点在电场线上向下运动，且未与下板接触，一段时间后，粒子以【点评】本题考查的恒定电流中的基础知识：U﹣I图象含义以及温度对电阻的影响．对于这些基本知识要加速度vN折回N点．则（ ）强理解和应用．4．（6分）如图所示，竖直放置的两根平行金属导轨之间接有定值电阻R，质量不能忽略的金属棒与两导轨始终保持垂直并良好接触且无摩擦，棒与导轨的电阻均不计，整个装置放在匀强磁场中，磁场方向与导轨平面垂A．粒子受电场力的方向一定由M指向N直，棒在竖直向上的恒力F作用下加速上升的一段时间内，力F做的功与安培力做的功的代数和等于B．粒子在M点的速度一定比在N点的大（ ）C．粒子在M点的电势能一定比在N点的大D．电场中M点的电势一定高于N点的电势【考点】AC：电势；AE：电势能与电场力做功；AK：带电粒子在匀强电场中的运动．菁优网版权所有【专题】16：压轴题．【分析】由粒子的运动情景可得出粒子受到的电场力的方向，由电场力做功的性质可得出电势能及动能的变A．棒的机械能增加量B．棒的动能增加量化；由电势与电势能的关系可判断电势．C．棒的重力势能增加量D．电阻R上放出的热量【解答】解：A、由于带电粒子未与下板接触，可知粒子向下做的是减速运动，故电场力向上，A错误；【考点】65：动能定理；D9：导体切割磁感线时的感应电动势；DD：电磁感应中的能量转化．菁优网版权所有B、粒子由M到N电场力做负功，电势能增加，动能减少，故速度减小，故M点的速度大于N点的速度，【专题】16：压轴题．故B正确，C错误；【分析】棒在竖直向上的恒力F作用下加速上升的一段时间内，F做正功，安培力做负功，重力做负功，动D、由于粒子和两极板所带电荷的电性未知，故不能判断M、N点电势的高低，D错误。能增大．根据动能定理分析力F做的功与安培力做的功的代数和．【点评】本题应明确：（1）电场力做正功则电势能减小，电场力做负功则电势能增加；（2）电场力做功要【解答】解：A、棒受重力G、拉力F和安培力FA的作用。由动能定理：WF+WG+W安＝△EK注意电荷的正负极性，极性不同则做功不同．得WF+W安＝△EK+mgh二、不定项选择题（每小题6分，共18分．每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选即力F做的功与安培力做功的代数和等于机械能的增加量。故A正确。项正确．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，选错或不答的得0分）B、由动能定理，动能增量等于合力的功。合力的功等于力F做的功、安培力的功与重力的功代数和。6．（6分）下列说法正确的是（ ）故B错误。151124A．7N+1H→6C+2He方程是α衰变方程C、棒克服重力做功等于棒的重力势能增加量。故C错误。123B．1H+1H→2He+γ是核聚变反应方程D、棒克服安培力做功等于电阻R上放出的热量。故D错误2382344C．92U→90Th+2He是核裂变反应方程故选：A。427301D．2He+13Al→15P+0n是核人工转变퐿D、用同一装置进行双缝干涉实验，由公式△x=휆可知蓝光的波长短，相邻条纹间距小，故D错误。【考点】JA：原子核衰变及半衰期、衰变速度；JF：原子核的人工转变；JJ：裂变反应和聚变反应．菁优网版权所有푑【分析】解决本题的关键是理解：α衰变是原子核自发放射α粒子的核衰变过程；由轻原子核生成较重的原故选：C。子核，同时释放出巨大能量的核反应叫核聚变；核裂变是指较重的原子核分裂成两个中等质量的新核；用人【点评】折射率大的频率高、波长短、临界角小、光子能量高等这些规律要明确，并能正确应用．工的方法使原子核发生转变的过程叫做原子核的人工转变。휋8．（6分）某质点做简谐运动，其位移随时间变化的关系式为x＝Asin푡，则质点（ ）15【解答】解：A、用人工的方法使原子核发生转变的过程叫做原子核的人工转变。7N在质子的轰击下发生4的核反应，属于人工转变。故A错误。A．第1s末与第3s末的位移相同B、由轻原子核生成较重的原子核，同时释放出巨大能量的核反应叫核聚变。故B正确。B．第1s末与第3s末的速度相同C、α衰变是原子核自发放射α粒子的核衰变过程，故该反应是α衰变。故C错误。C．3s末至5s末的位移方向都相同27301D、用α粒子轰击13Al产生15P和0n，是在人为的作用下发生的故该反应是人工转变。故D正确。D．3s末至5s末的速度方向都相同故选：BD。【考点】73：简谐运动的振动图象．菁优网版权所有【点评】加强对基本知识、基本概念的积累，是解决概念题的唯一的法宝。【专题】16：压轴题；51B：简谐运动专题．7．（6分）已知某玻璃对蓝光的折射率比对红光的折射率大，则两种光（ ）【分析】通过简谐运动的表达式可以知道角速度、周期、振幅。结合简谐运动的图象可以分析出各个时刻的A．在该玻璃中传播时，蓝光的速度较大位移方向和速度方向。B．以相同的入射角从空气斜射入该玻璃中，蓝光折射角较大【解答】解：A、由关系式可知，将t＝1s和t＝3s代入关系式中求得两时刻位移相同。故A正确。C．从该玻璃中射入空气发生反射时，红光临界角较大B、画出对应的位移﹣时间图象，由图象可以看出，第1s末和第3s末的速度方向不同。故B错误。D．用同一装置进行双缝干涉实验，蓝光的相邻条纹间距较大C、由图象可知，3s末至5s末的位移先是为正，后为负，位移方向不相同。故C错误。【考点】H3：光的折射定律；H9：光的干涉．菁优网版权所有D、由图象可知，3s末至5s末的速度都是沿着负方向，方向相同。故D正确。【专题】16：压轴题；54D：光的折射专题．故选：AD。【分析】根据题目中的蓝光的折射率比红光的折射率大，可以判断这两种光在该玻璃中的波速大小，以及波长、临界角等大小情况，然后以及相关物理知识即可解答．퐶【解答】解：A、由v=可知，蓝光在玻璃中的折射率大，蓝光的速度较小，故A错误；푛B、以相同的入射角从空气中斜射入玻璃中，蓝光的折射率大，向法线靠拢偏折得多，折射角应较小，故B【点评】解决本题的关键是能从简谐运动的表达式中获取信息，并会画简谐运动的位移时间图象，结合图象错误；分析问题。1三、实验题C、从玻璃射入空气发生全反射时的临界角由公式sinC=可知，红光的折射率小，临界角大，故C正确；푛9．（18分）（1）如图1所示，单匝矩形闭合导线框abcd全部处于磁感应强度为B的水平匀强磁场中，线框面积为S，电阻为R．线框绕与cd边重合的竖直固定转轴以角速度ω匀速转动，线框中感应电流的有效值I＝ 2퐵푆휔휋퐵푆的变化． ．线框从中性面开始转过的过程中，通过导线横截面的电荷量q＝ ．2푅2푅（3）根据用打点计时器测重力加速度的原理，和实验的步骤可以判断遗漏的器材，用图象法处理实验的数（2）图2为简单欧姆表原理示意图，其中电流表的满偏电流IR＝300μA，内阻Rg＝100Ω，可变电阻R的最据比较简单直观．大阻值为10kΩ，电池的电动势E＝1.5V，内阻r＝0.5Ω，图中与接线柱A相连的表笔颜色应是 红 色，接【解答】解：（1）正确使用方法测量电阻Rx的阻值时，指针指在刻度盘的正中央，则Rx＝ 5 kΩ．若该欧姆表使用一段时퐸푚电动势的最大值为Em＝BSω，电动势的有效值为E=，间后，电池电动势变小，内阻变大，但此表仍能调零，按正确使用方法再测上述Rx其测量结果与原结果相2比较 变大 （填“变大”、“变小”或“不变”）．퐸2퐵푆휔所以电流的有效值I==；（3）如图3所示，将打点计时器固定在铁架台上，使重物带动纸带从静止开始自由下落，利用此装置可以푅2푅测定重力和速度．퐸△훷△훷퐵푆电荷量为q=퐼△푡=△푡=△푡==①所需器材有打点计时器（带导线）、纸带、复写纸、带铁夹的铁架台和带夹子的重物，此外还需 D 푅푅△푡푅푅（填字母代号）中的器材．（2）A．直流电源、天平及砝码B．直流电源、毫米刻度尺欧姆表是电流表改装的，必须满足电流的方向“+”进“﹣”出，即回路中电流从标有“+”标志的红表笔进C．交流电源、天平及砝码D．交流电源、毫米刻度尺去，所以与A相连的表笔颜色是红色；②通过作图象的方法可以剔除偶然误差较大的数据，提高实验的准确程度．为使图线的斜率等于重力加速퐸当两表笔短接（即Rx＝0）时，电流表应调至满偏电流Ig，设此时欧姆表的内阻为R内此时有关系I푔=푣2푅内度，除作v﹣t图象外，还可作 ‒ℎ 图象，其纵轴表示的是 速度平方的二分之一 ，横轴表示的是 2퐸得R内==5푘훺；重物下落的高度 ．퐼푔퐼푔퐼푔퐸当指针指在刻度盘的正中央时I=，有=，代入数据可得R＝R内＝5kΩ；22푅+푅x内푥퐸当电池电动势变小、内阻变大时，欧姆得重新调零，由于满偏电流Ig不变，由公式I푔=，欧姆表内阻R푅内内得调小，待测电阻的测量值是通过电流表的示数体现出来的，【考点】B4：多用电表的原理及其使用；E5：交流的峰值、有效值以及它们的关系；M1：用打点计时器测퐸퐼푔푅内퐼푔速度．菁优网版权所有由I===，【专题】16：压轴题．푅